Phương pháp giải:
a) + Vận dụng công thức tính diện tích hình chữ nhật: \({S_{ABCD}} = AB.AD\)
+ Chứng minh tứ giác \(MNCP\) có \(MN = PC\) và \(MN//PC\) nên \(MNCP\) là hình bình hành (dấu hiệu nhận biết hình bình hành)
b) Chứng minh \(N\) là trọng tâm của \(\Delta CMB\)\( \Rightarrow NC \bot MB \Rightarrow MP \bot MB\left( {MP//CN} \right)\)
Giải chi tiết:
a) + Ta có: \(AB = 2AD \Rightarrow AD = \frac{1}{2}AB = \frac{1}{2}.8 = 4cm\)
Diện tích hình chữ nhật \(ABCD\) là: \({S_{ABCD}} = AB.AD = 8.4 = 32\left( {c{m^2}} \right)\)
+ \(ABCD\) là hình chữ nhật \( \Rightarrow AB = DC\) và \(AB//CD\)
\(\Delta ABH\) có: \(M\) là trung điểm của \(AH\) (gt) và \(N\) là trung điểm của \(BH\) (gt)
\( \Rightarrow MN\) là đường trung bình của \(\Delta ABH\)
\( \Rightarrow MN//AB\) và \(MN = \frac{1}{2}AB\)
\(P\) là trung điểm của \(CD\) (gt) \( \Rightarrow PC = \frac{1}{2}CD\) mà \(AB = CD\) nên \(PC = \frac{1}{2}AB\)
Ta có: \(\left\{ \begin{array}{l}MN//AB\\AB//CD\end{array} \right. \Rightarrow MN//CD \Rightarrow MN//PC\) (vì \(P \in CD\))
Tứ giác \(MNCP\) có: \(MN//PC\) và \(MN = PC\left( { = \frac{1}{2}AB} \right)\)
\( \Rightarrow MNCP\) là hình bình hành (dấu hiệu nhận biết hình bình hành)
b) \(ABCD\) là hình chữ nhật \( \Rightarrow AB \bot BC\) mà \(MN//AB\) (cmt) nên \(MN \bot BC\)
Tam giác \(BCM\) có: \(\left\{ \begin{array}{l}MN \bot BC\left( {cmt} \right)\\BH \bot MC\left( {gt} \right)\end{array} \right.\) mà \(MH,BH\) giao nhau tại \(N\)
\( \Rightarrow N\) là trực tâm của tam giác \(BCM\)
\( \Rightarrow CN \bot BM\)
\(MNCP\) là hình bình hành (cmt) \( \Rightarrow CN//PM\) (tính chất của hình bình hành)
Ta có: \(\left\{ \begin{array}{l}CN//PM\\CN \bot BM\end{array} \right. \Rightarrow PM \bot BM\) (đpcm)