Bài tập Đốt cháy Amin (cách giải bài tập đáp án)

Bài tập Đốt cháy Amin (cách giải bài tập đáp án)

Phương pháp giải bài toán phản ứng cháy amin đơn chức

♦  Đặt CTTQ của Amin no đơn chức : C_nH_2n+3N

2 C_nH_2n+3N      +  $\frac{6n+3}{2}$ O₂   →  2nCO₂     +    (2n+3)H₂O    +    N₂

Số mol Amin =  $\frac{2}{3}\left( {{n}_{{{H}_{2}}O}}-{{n}_{C{{O}_{2}}}} \right)$ và  $\frac{2n}{2n+3}=\frac{{{n}_{C{{O}_{2}}}}}{{{n}_{{{H}_{2}}O}}}\to n=$

♦ Amin không no đơn chức có 1 liên kết  đôi : C_nH_2n+1N    

2 C_nH_2n+1N      + $\frac{6n+1}{2}$  O₂   →  2nCO₂     +    (2n+1)H₂O    +    N₂

Số mol amin = $2\left( {{n}_{{{H}_{2}}O}}-{{n}_{C{{O}_{2}}}} \right)$ và $\frac{2n}{2n+1}=\frac{{{n}_{C{{O}_{2}}}}}{{{n}_{{{H}_{2}}O}}}$

  ♦ Amin thơm:   

2 C_nH_2n-5N      +   $\frac{6n-5}{2}$ O₂   →  2nCO₂     +    (2n-5)H₂O    +    N₂

Phản ứng cháy của Amin bất kì: C_xH_yN_t

C_xH_yN_t       +  $\left( x+\frac{y}{4} \right)$ O₂   →  xCO₂  + $\frac{y}{2}$H₂O + $\frac{t}{2}$N₂

Bài tập đốt cháy amin có đáp án

Lời giải chi tiết

${{n}_{C{{O}_{2}}}}=8,4:22,4=0,375\left( mol \right);{{n}_{{{N}_{2}}}}=1,4:22,4=0,0625\left( mol \right);{{n}_{{{H}_{2}}O}}=10,125:18=0,5625\left( mol \right)$

• Bảo toàn N  $\Rightarrow {{n}_{X}}=0,0625.2=0,125\left( mol \right)$
• Bảo toàn C ⇒ Số C = 0,375 : 0,125 = 3
• Bảo toàn H ⇒ Số H = $\frac{2.0,5625}{0,125}=9$

⇒ CTPT của X là C₃H₉N

⇒ Đáp án C

Lời giải chi tiết

• X(C_xH_yN) + O₂ → CO₂ + H₂O + N₂ (1)
• Bảo toàn O $\Rightarrow {{n}_{{{O}_{2}}}}=0,4+\frac{0,7}{2}\Rightarrow {{n}_{{{O}_{2}}}}=0,75\left( mol \right)$

$\Rightarrow {{n}_{{{N}_{2}}\left( kk \right)}}=4.0,75=3\left( mol \right)\Rightarrow {{n}_{{{N}_{2}}\left( 1 \right)}}=3,1-3=0,1\left( mol \right)$

• Bảo toàn N $\Rightarrow {{n}_{X}}=0,1.2=0,2\left( mol \right)$
• Bảo toàn C $\Rightarrow x=0,4:0,2=2$
• Bào toàn H $\Rightarrow y=\frac{0,7.2}{0,2}=7$

$\Rightarrow m=\left( 12.2+7+14 \right).0,2=9\left( gam \right)$

⇒ Đáp án A 

Lời giải chi tiết:

♦  Công thức chung: C_nH_2n+2-2kN_z  k ≥ 0

♦  Theo đầu bài amin Y no, đơn chức, mạch hở nên k=0 và đơn chức nên z =1 . Vậy CTPT Y có dạng tổng quát: C_nH_2n+3N=14n + 7

♦  Ta có: ${{n}_{C{{O}_{2}}}}={{n}_{CaC{{\text{O}}_{3}}}}=7,2:100=0,072\left( mol \right)\ C{{O}_{2}}$

C_nH_2n+3N     →     nCO₂

$\frac{1,416}{14n+17}$  $\frac{1,416}{14n+17}n=0,072$

♦  n= 3 nên CTPT Y là C. C₃H₉N

Lời giải chi tiết

♦  X(C_xH_yO_zN) + O₂ → CO₂ + N₂ + H₂O

♦  CO₂ + Ba(OH)₂ → BaCO₃↓ + H₂O

♦  Theo giả thiết ⇒ ${{n}_{{{N}_{2}}}}=1,68:22,4=0,075\left( mol \right)\Rightarrow {{n}_{X}}=0,15\left( mol \right)$

${{n}_{C{{O}_{2}}}}={{n}_{BaC{{\text{O}}_{3}}}}=88,65:197=0,45\left( mol \right)$

${{m}_{C{{O}_{2}}}}+{{m}_{{{H}_{2}}O}}=88,65-56,7\Rightarrow {{n}_{{{H}_{2}}O}}=0,675\left( mol \right)$

$\Rightarrow {{m}_{O\left( X \right)}}=8,85-0,45.12-0,075.28-0,675.2=0$

Bảo toàn C, H $\Rightarrow x=0,45:0,15=3;y=\frac{0,675.2}{0,15}=9$

⇒  CTPT của X là C₃H₉N

♦  Các CTCT của X là CH₃-CH₂-CH₂ – NH₂; CH₃-CH(NH₂) – CH₃; CH₃-NH-CH₂-CH₃; (CH₃)₃N

⇒  Đáp án B

Lời giải chi tiết

${{n}_{C{{O}_{2}}}}=1,76:44=0,04\left( mol \right);{{n}_{{{H}_{2}}O}}=1,26:18=0,07\left( mol \right)$

Bảo toàn oxi $\Rightarrow {{n}_{{{O}_{2}}}}=0,04+\frac{0,07}{2}=0,075\left( mol \right)$

$\Rightarrow {{n}_{{{N}_{2}}\left( kk \right)}}=4.0,075=0,3\left( mol \right)$

Đặt CTTQ và số mol của X là C_nH_2n+3N : a (mol)

$\Rightarrow a=0,07-0,04-\frac{a}{2}\Rightarrow a=0,02\left( mol \right)$

Bảo toàn C $\Rightarrow n=\frac{0,04}{0,02}=2\Rightarrow $ CTPT của X là C₂H₇N

$\Rightarrow {{n}_{{{N}_{2}}}}=0,3+\frac{a}{2}=0,31\left( mol \right)$

$\Rightarrow V=0,31.22,4=6,944\left( lit \right)$

⇒ Đáp án D